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Soma della Progressione Geometrica x Induzione

k=0m 9k = (1 - 9m+1) / (1 - 9)

x induzione verifico che sia vera al passo zero P(0) e poi dimostro vera anche al passo m+1 P(m+1)

P(0)

k=00 90 = (1 - 9) / (1 - 9)

1 = 1 ok vera al P(0)

vera anche al passo (m+1) sarà vera per ogni m a cui abbiamo dimostrato la formula

P(m+1)

k=0m+1 9k = (∑k=0m 9k + 9m+1)

uso ipotesi induttiva :

k=0m 9k = (1 - 9m+1) / (1 - 9)

= (1 - 9m+2) / (1 - 9)

ok vera! dimostrato la tesi!

DISUGUAGLIANZA DI BERNOULLI X INDUZIONE

(1+x)m ≥ 1+mx

∀m ∈ ℕ ∀x ∈ (-1, +∞)

(1+x)1 ≥ 1+x → 1+x ≥ 1+x VERA. LA DISUGUAGLIANZA È VERA AL PASSO BASE. PER m=1

ALLORA (1+x)m ≥ 1+mx VERA PER DIMOSTRARE VERA ALCUNE

(1-x)m ≥ 1+(m+1)x

IP: (1+x)m ≥ 1+mx

TS: (1+x)m+1 ≥ 1+(m+1)x

(1+x)m+1=(1+x)m(1+x) CHE EQUIVALE AL PRIMO TERMINE DELL'IPOTESI MOLTIPLICATO PER (1+x)

CONSIDERO (1+x)>0 ALTRIMENTI CAMBIA IL VERSO DELLA DISUGUAGLIANZA

ALLORA x > -1 → VA DISUGUAGLIANZA VERA ∀x ∈ (-1, ∞)

PER IPOTESI UGUALE STO CHE (1+x)m ≥ 1+mx

ALLORA (1+x)m(1+x) ≥ (1+mx)(1+x)

DATO CHE (1+mx)(1+x) = 1+x+mx+mx2 = 1+x(1+m)+mx2

ED È QUÌ MAGGIORE NEL SECONDO TERMINE DELL'IPOTESI, IN QUANTO È IDENTICO CON L'AUMENTO DI W > 0 V x mx2

DATO CHE (1+x)m = 1+x(m+1)+mx2 ≥ 1+x(m+1)

ALLORA (1+x)m ≥ 1+x(m+1) HO DIMOSTRATO LA TESI (O CARTA DISUGUAGLIANZA)

Cardinalità nell'insieme delle parti

A ∈ U insieme la su cardinalità è 2m

A = {∅, x, y, z, ..., -x, -y, -z}

Θ(x) = (M0) + (M1) + ... + (MM) = k=0m (mk) ⋅ k ⋅ 1m-k = (1 + 1)m = 2m

Con m=3: (30) + (31) + (32) + (33) = 3!/3!0! + 3!/2!1! + 3!/1!2! + 3!/3!0!

= 1 + 3 + 3 + 1 = 8 = 23

I formula di de Moivre

"Il prodotto di 2 n° complessi è al prodotto dei loro moduli e cos somma dei loro argomenti"

z1 ⋅ z2 = [ρ1 (cos Θ1 + i sin Θ1)] ⋅ [ρ2 (cos Θ2 + i sin Θ2)]

= ρ1 ⋅ ρ2 [cos Θ1 cos Θ2 - i sin Θ1 sin Θ2 + i (cos1 sin2 + cos2 sin1)]

Formula trigonometrici (cos (Θ1 + Θ2), sin (Θ1 + Θ2))

= ρ1 ⋅ ρ2 [cos (Θ1 + Θ2) + i ⋅ sin (Θ1 + Θ2)]

Modulo → Prodotto moduliArgomento → somma argomenti

Proprietà di Asintotico e o Piccolo

  1. o(g) + o(g) = o(g)

    f1 = o(g)   f2 = o(g)

    f1 = g⋅h1   f2 = g⋅h2

    f1 + f2 = g (h1 + h2) = o(g)

  2. o(kg) = k o(g) = o(g)

    f = o(g)   f = g⋅h   h → 0

    f = o(kg)   f = kg h*   h* → 0   h* = h/k

    kf = k o(g) = k⋅g⋅h   ⟹ o(g)

  3. [o(g)]α = o(gα)   α > 0

    f = o(g)   f = g⋅h   h → 0   α > 0

    fα = gα⋅hα = o(gα)

Cardinalità ℝ e ℝ²

Per dimostrare che hanno la stessa cardinalità, devo trovare una corrispondenza biunivoca per cui ad ogni elemento di ℝ² corrisponde un solo elemento di ℝ².

---⟶---

Considero un punto P ∈ ℝ nel quadrato (0,1) biunivoco in forma numerica come segue:

P = 0, a₁ a₂ a₃ ... | a₁ a₂ a₃ ..., a₁ ...

Due am con m pari e uno dispari.

Per far corrispondere al punto P nel segmento un punto Q nell'area, siano le coordinate di Q come segue:

Q = ( xᶜ = 0, a₁ a₃ a₅ ..., yᵣ = 0, a₂ a₄ a₆ ...)

Dove la coordina di xq è data da tutti an dispari di P scritto dopo 0,0, e la coordina di y è data da tutti i numeri pari di P scritto dopo 0,0.

Se verifico che questa funzione che lega i due elementi è una biunivoca →

Se c’è un altro V P ≠ P* f(P) ≠ f(P*) = Q ≠ Q*

Ipotizziamo per assurdo Q = Q* allora P* anche P ⇔ devo la stessa successione di numeri pari e dispari di P per cui P* = P da cui regolo → limitazione in campo f(P) = f(P*)

Se è solo se p* = p sce il ψ µ λ secondo

Essendo (an) la successione monotona decrescente esiste

Λ ≤ am ≤ an

per cui an < am0 < Λ + ε

Abbiamo cioé dimostrato che ∀m

Λ - ε < an < Λ + ε

per cui la successione tende al suo inf Λ

lim an = inf {ξn}

n → ∞

Successione che definisce il numero di Eulero:

an = (1 + 1/m)m

Per la convergenza della successione dimostro

  1. Monotonia crescente
  2. Limitatezza

1) Dimostrare la monotonia basta dimostrare che

an ≤ am con m = n+1

e che am ≥ an-1 per cui

&frac{am}{an} ≥ 1

an/an-1 = (1 + 1/m)m/(1 + 1/m)m+1 = (1 + 1/m)m/((1 + 1/m)m(m/m-1)(m/m-1)-1

Teorema di Weierstrass

f: A ⊆ &Reals; → &Reals;

  1. f è continua
  2. A è compatto

Chiò limitato [a,b]

L’immagine assume un valore max e un valore min.

Essendo f continua in A, essa assume un valore max ogni punto nell’intervallo.

Essendo A compatto, A &neigh; compatto ⇒ ∀x ∈ A

f(xm) ≤ f(x) ≤ f(xM) m ≤ f(x) ≤ M

Essendo A compatto la funzione assume valori sopra minimi u massimo e sempre maggiori di u minimo nell'intravallo

Perciò esistono e max e u min di f(x) nell’intravallo

= f(x) · g'(x) + g(x) · f'(x)

f(x0+h1) → f(x)

h1→0

• DERIVATA DEL RAPPORTO

[f(x)g(x)]' =

(f'·g - f·g') / g2(x)

= [f(x) · 1g(x)]'

f'(x) 1g(x) + f(x) [1g(x)]' =

(f(x0+h1) - f(x)) / h1 · 1g(x) + f(x) · -g'(x) / g2(x)

= f(x0+h1) - f(x)h1 / gh(x) -

(f(x) · (g(x0+h1) - g(x)) / h1) / g2 (x)

= (f(x0+h1) - f(x0) / h1) g(x) - f(x)

(g(x0+h1) - g(x0)) / h1) / g2(x)

= f'(x) · g(x) - f' g · g'(x)

Dettagli
A.A. 2017-2018
60 pagine
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SSD Scienze matematiche e informatiche MAT/05 Analisi matematica

I contenuti di questa pagina costituiscono rielaborazioni personali del Publisher pietro.ghilotti.1 di informazioni apprese con la frequenza delle lezioni di Analisi matematica 1 e studio autonomo di eventuali libri di riferimento in preparazione dell'esame finale o della tesi. Non devono intendersi come materiale ufficiale dell'università Politecnico di Milano o del prof Vegni Federico Mario Giovanni.