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Tema d'esame OK
Un serbatoio contiene tre fluidi: un gas e due liquidi (δ₁, δ₂).
Il gas e il fluido δ₁ sono separati da un setto orizzontale (di spessore e peso
trascurabili); libero di traslare verticalmente mentre i fluidi δ₁ e δ₂ sono in
contatto tra loro. Sulla parete del serbatoio è presente una flangia di
contatto ed è chiuso da un tappo conico (di geometria nota) e tenuto fermo
da una forza F diretta orizzontalmente.
La flangia è impedita lungo la direzione verticale delle pareti del serbatoio.
Note hₐ, hₓ₁, hₓ₂, h_i, H₁, H₂, F, L (l’altezza del serbatoio),
posta a profondità del serbatoio unitaria, determinare e il diagramma di
pressione di tutti i fluidi presenti nel sistema. La spinta agente sul tappo conico
da parte dei fluidi. L'indicazione manometrica m affiancato lo che resta presente
Il gas e i liquidi sono in equilibrio nella posizione indicate in figura.
ESERCIZIO - TEMA D'ESAME
Determinare la spinta S complessiva agente sulla superficie laterale ABC del cono galleggiante di fig. nei, D, h1, h2, H, Δ, γ.
SVOLGIMENTO
Per determinare la spinta sulla superficie laterale del cono ABC dobbiamo considerare separatamente il contributo dei fluidi che si trovano all'interno del cono, Sint, e di quello esterno, Sext, da spinta risultante sulla superficie laterale è:
S = Sx + Sy = Sxint + Sxext
- Sx = Sxint + Sxext
- Sy = Syint + Syext
SURPEFICIE LATERALE INTERNA DEL CONO
La spinta interna resultante sulla superficie laterale è:
Sxint = 0
Syint = TIy + G2y + Gzy
- G2y ≃ 0
- Gzy = γ l' Mz
- TIy = -l' PI A4
M = Δ l'2 / 4 h1
A1 = T D2 / 4
PGd Gzan
Syint = γ Δ T l' - 1 / 3 T D2 h1
con Syint risulto verso l'alto se Syint > 0 verso il basso se Syint < 0
Tema d'esame - 06/02/19
Una valvola sferica di diametro D e peso P chiude un'apertura circolare di diametro d in un serbatoio contenente un liquido di densità ρ, sovrastato da un gas a rispettivi pesanti sono h1, h2.
Il liquido è collegato a un manometro semplice e suo menisco arriva alla quota dell'interfaccia tra i due fluidi. Valutare (con la geometria indicata) se la valvola chiude o meno lo sfiato.
x = ρg
voc. cont.
EQU. GLOBALE
Πd + Γy = 0
Σ = Π0 - Γy
• Π0 = γba h1 As = δγ h1 πd2/4
• Γy = γ Vw
Σ x = 0
Σ y = Γy - Π0 = πγ h1 πd2/4
Equilibrio Valvola = MOTO INCIENTE
P·S·S = 0
S - P = 0
S = P
equilibrio
NOTI : geometrica ; δ_x ; m ; Δ presso P del Tappo cornice
DETERMINARE : 1) individuare
massimi fra mometo meccanico
affinchè il Tappo sia in equilibrio
nell'ipotesi di attriti trascurabili
Ɣm? δm
Pm = ρo δm
PN
ƔN
m = Hz + Hx con hHz = PHz + ς
geom. modo
geom. modo
ato
Ƞ
Γo
Sx=0
Sy = Πa + Γy
Equilibrio del tappo:
ƩS + P = 0 su ƴ
Ƞm + Hz) δ(Ȳ)A + Ƞƴ Γ - P = 0
NOTI :
geometria γ, m
determinare: la spinta globale sulla calotta sferica CB
- DETERMINAZIONE posizione pci fluido δ:
- pci = δ: [ N/m3 ]
- DETERMINAZIONE della spinta sulla calotta:
SCB = √(Sx2 + Sy2)
06/07/00 (ok)
NOTI:
- geometria
- j
- ϒm
- Δϒm
DETERMINARE: La spinta agente sulla superficie semisferica di faccia A-B.
PHm = Δδm
PH = δ Hm
Hm = -Δδm / δ
- EQU.GLOBERO:
- ⧈¯O + G¯ϒ + Π¯2 = 0
- ϚΣ = T⧈O - Gϒ + Π2
Sx = 0
Sy = -Gϒ - Π2
T¯2 + T⧈¯O = 0
ϚΣ = -T⧈o = Π2
Ϛ̅TOT = Π2 + Gϒ + Π2
ϚTOT = -Gϒ + Π2 = Π2
Sx = 0
Sy = Π2
19/02/2001
Note: geometria; γ; Ss. determinare la forza che si scarica sull'asta rigida di sostegno A-B.
N.B. Se poi coincidono con il pelo libero.
Equilibrio meccanico:
- ∑FAB + βS + S* = 0
PS = γSVS
Determinazione β
Considero il seguente Vde
N.B. tutte le forze hanno retta d’azione γ
- PS = peso blocchetto
- FA = forza che si scarica sull'asta
- S* = la spinta subita dal blocchetto, da parte del fluido
Equilibrio globale: Γ0 + Υg = 0
Γβ = Γ0 − Υg
Pressione:
δx = 0
δy = Gy
relativi S = √(Sx2 + Sy2) = δy
In definitiva l’equilibrio meccanico scalarmetrico è:
FAB = PS + S = 0 → FAB = γSVS − γlrVg
equilibrio totale
Gz + Πo2 = 0
Gz = δVz
Szy = Gz
Σϕ = 0
Sz = Πo2 = - Gz
Sz = Gz
Spinta di Archimede
↾ Σ bar ved.
Σ ̅T + è ̅P + ̅Sz = 0
T - P + Sz = 0
P = T + Sz
P = ̅γsMs
Ws = ̅T + Sz/δ(s)
23/06/2003
nγ lγ
x2
x3
T2
Tw
∟ pci δ2
geometria nγ x3 δ2 δ3
la spinta totale esercitata dai fluidi su A-B
pci δx₂
polo litico
Y3 = YR23 YR3 Y2 hT32 = hh32
→ hT32 = δ2 hx₂
10 v.d.e.
S int + S ext
pci Equ. globali:
G3 + Π0 = 0
Sy = 0
Sint y = -Gy
Equ. globali
∑ix = G2y2m2
mz = δ3 mr2
bar vdc
∑x = 0
SxE·yGx₃G+T2
Sxt3 = Sy Sx